Page 27 - 4754
P. 27

25

            значеннях    вільних    невідомих    (параметрів)    одержуємо  частинний

            розв’язок. Частинний розв’язок, який відповідає нульовим значенням  вільних

            невідомих, називається опорним розв’язком.

                  Приклад. Перевірити дану систему на сумісність

                                               x 1   x 2   x 3   2x 4   1
                                               
                                                 x   x    2x    x    2
                                                1      2      3     4
                                               
                                                5x 1   5x 2   8x 3   7x 4   3

                     □    Для  знаходження  рангу  використовуємо  метод  елементарних

            перетворень.    За    допомогою    елементарних    перетворень  рядків  розширеної

            матриці    C  =(А¦В  )  та  переставлення  стовпців  тільки  основної  матриці  A

            зводимо розширену матрицю C  до східчастої форми з верхнє трапецієвидною

            основною  матрицею    A.  Ранг  основної  матриці    A    дорівнює  числу  рядків

            трапеції.    Якщо    в    розширеній    матриці    C      нижче    рядків    трапеції    всі

            елементи  нульові,  то  її  ранг  дорівнює  рангу  основної  матриці rank  C =

            rank A. У  противному  разі  ранг  розширеної  матриці на одиницю більший


            rank C = rank А + 1 .

                        1  1   1    2           1     1  1   2  1 ¦  
                                                                           R 2  : R   2  R  1
                   А   1   1    2   1   ;  С    1   1  2        2   ¦ 1    ~             ~
                        
                                                                           R 3  : R   3  5 R  1
                         5   5  8    7          5   5   8    7 ¦ 3  

                                      1     1  1   2  ¦  1 
                                                           
                                  ~ 0      0   1         ¦ 1  1    ~  R 3  :  R   3 R 2  ~
                                     
                                                                           3
                                                           
                                      0   0   3       ¦ 3   2 
                                       1    1  1   2  ¦  1 
                                                            
                                   ~ 0      0  1         ¦ 1  1    ~  R 3  :   R 3  / 5  ~  .
                                     
                                                            
                                      0    0   0       ¦ 0   5 

                  Звідси rank A = 2; rank C = 3.

                  Оскільки   rank C ≠  rank A, то система несумісна.     ■

                  Зауваження 1. Загальний  розв’язок  СЛАР  може  мати  різний вигляд,

            що,  зокрема,  залежить  від  вибору  складу  базисних  і  вільних  невідомих  і  від

            способу введення довільних сталих.
   22   23   24   25   26   27   28   29   30   31   32