Page 69 - 4385

Розіб’ємо схему поверху на три ділянки (ригель рами
розглядаємо як одну ділянку незважаючи на наявність шарні-
ра Е).

І ділянка, 0 ≤ x 1 ≤ 2м :
N  R   6 , 1 кН ; Q  Н   4 кН ; M   Н x 
1 C 1 С 1 С 1
,
М 1(0) = 0 ; М 1(2) = – 4·2 = – 8 кНм (стиснуті праві волок-
на).

ІІ ділянка, 0 ≤ x 2 ≤ 10м :
N 2  Н C  4  кН; Q 2  R С  6 , 1 кН;

M   Н  2 R  x ,
2 С C 2
М 2(0) = – 8 кНм (стиснуті нижні волокна).
М 2(10) = – 4·2+1,6·10 = 8 кНм (стиснуті верхні волокна).
ІІІ ділянка, 0 ≤ x 3 ≤ 4м :

N  R  1,6 кН; Q   Н  q x , Q ) 0 (   8 кН;
3 D 3 D 3 3
Q ( 4 )  8 3 4  4 кН;
3
2
M  H  x  q  1 x ;
3 D 3 2 3
2
М 3(0) =0 ; M ) 4 (  8 4  3 1  4  8 кНм (стисн. праві
3 2
вол.).
Знаходимо екстремум згинального момента:
d M Н 8
Q  3  0  Н Н  q x   0 0  x x   D    2,67 2,67 м

q x

3 D 3 3
d x q 3
3
;
3 , 2 67 2
M extr , 2 ( 67 )  8 , 2  67   10 7 , кНм (стисн. праві вол.).
3
2
Розрахунок рами першого “поверху” (рис. 7.11, б).
Схема рами першого “поверху” показана на рис. 7.11, б.
Опорні реакції другого “поверху” R C, H C, R D, Н D прикладено
як вже відомі зовнішні сили.
Реакції опор першого “поверху” з умов його рівноваги:
70